创建通用 Json 序列化函数

是否可以使用 Play Framework 2.2 在 Scala 中创建一个通用函数，将任意对象序列化为 JSON，而无需提供编写器或格式化程序？

例如，此非通用代码将创建给定客户的 JSON 响应：

import play.api.libs.json._
import play.api.libs.functional.syntax._

case class Customer(id: Int, name: String)

object scratch {
  val p = Customer(1, "n")                        
  //> p  : Customer = Customer(1,n)

  def createJsonResponseCustomer(data: Customer) = {
    implicit val formatter = Json.format[Customer]
    Json.obj("success" -> true, "data" -> Json.toJson[Customer](data))
  }

  createJsonResponseCustomer(p)                   
  //> res0: play.api.libs.json.JsObject = {"success":true,"data":{"id":1,"name":"n"}}
}

为了避免为每个不同的对象定义格式化程序，我想创建一个像这样的通用函数：

def createJsonResponse[T](data: T) = {
  implicit val formatter = Json.format[T]
  Json.obj("success" -> true, "data" -> Json.toJson[T](data))
}

但这种尝试会产生错误No unapply function found at Json.format[T].

换句话说，这有效：

def getFormatter(c: Customer) = Json.format[Customer]

但这并没有：

def getFormatterGeneric[T](c: T) = Json.format[T]

有没有办法解决？

您需要在某处为您希望读取或写入的每种类型定义格式化程序。这是因为格式化程序实例是在编译时解析的，而不是在运行时解析的。这是一件好事，因为这意味着尝试序列化没有序列化器的类型会成为编译时错误，而不是运行时错误。

不要动态定义格式化程序，而是在可以重用的模块中定义它们，例如

object JsonFormatters {
  implicit val customerWrites: Format[Customer] = Json.format[Customer]
}

Then import JsonFormatters._在您想要编写一些 JSON 的范围内。

现在，您可以编写与您想要的类似的通用方法：您只需在方法的签名中指定格式化程序的要求即可。实际上，这是类型的隐式参数Writes[T].

def createJsonResponse[T](data: T)(implicit writes: Writes[T]) =
  Json.obj("success" -> true, "data" -> Json.toJson[T](data))

您还可以使用上下文绑定语法编写此方法签名，即

def createJsonResponse[T : Writes](data: T) = ...

这需要有一个实例Writes[T]在适用范围;但编译器会根据类型为您选择正确的实例T，而不是你明确地解决它。

注意Writes[T]是一个超类型Format[T];因为你只是writing此方法中的 JSON，无需指定Format[T]，这也会给你Reads[T].